当前位置: 考研首页 / 考研资讯 / 详情

计算机考研要点:调频制

2018-09-27 

  以写入1001 0110为例,比较调频制和改进调频制的写电流波形图。

  解:写电流波形图如下:

  比较:

  1)FM和MFM写电流在位周期中心处的变化规则相同;

  2)MFM制除连续一串“0”时两个0周期交界处电流仍变化外,基本取消了位周期起始处的电流变化;

  3)FM制记录一位二进制代码最多两次磁翻转,MFM制记录一位二进制代码最多一次磁翻转,因此MFM制的记录密度可提高一倍。上图中示出了在MFM制时位周期时间缩短一倍的情况。由图可知,当MFM制记录密度提高一倍时,其写电流频率与FM制的写电流频率相当;

  4)由于MFM制并不是每个位周期都有电流变化,故自同步脉冲的分离需依据相邻两个位周期的读出信息产生,自同步技术比FM制复杂得多。

  25. 画出调相制记录01100010的驱动电流、记录磁通、感应电势、同步脉冲及读出代码等几种波形。

  解:

  注意:

  1)画波形图时应严格对准各种信号的时间关系。

  2)读出感应信号不是方波而是与磁翻转边沿对应的尖脉冲;

  3)同步脉冲的出现时间应能“包裹”要选的读出感应信号,才能保证选通有效的读出数据信号,并屏蔽掉无用的感应信号。

  4)最后读出的数据代码应与写入代码一致。

  26. 磁盘组有六片磁盘,每片有两个记录面,存储区域内径22厘米,外径33厘米,道密度为40道/厘米,内层密度为400位/厘米,转速2400转/分,问:

  (1)共有多少存储面可用?

  (2)共有多少柱面?

  (3)盘组总存储容量是多少?

  (4)数据传输率是多少?

  解:

  (1)若去掉两个保护面,则共有:

  6 × 2 - 2 = 10个存储面可用;

  (2)有效存储区域

  =(33-22)/ 2 = 5.5cm

  柱面数 = 40道/cm × 5.5= 220道

  =p (3)内层道周长=22 69.08cm

  道容量=400位/cm×69.08cm

  = 3454B

  面容量=3454B × 220道

  = 759,880B

  盘组总容量 = 759,880B × 10面

  = 7,598,800B

  (4)转速 = 2400转 / 60秒

  = 40转/秒

  数据传输率 = 3454B × 40转/秒

  = 138,160 B/S

  注意:

  1)计算盘组容量时一般应去掉上、下保护面;

  的精度选取不同将引起答案不同,一般取两位小数;p2)

  盘组总磁道数(=一个盘面上的磁道数)¹3)柱面数

  4)数据传输率与盘面数无关;

  5)数据传输率的单位时间是秒,不是分。

  27. 某磁盘存储器转速为3000转/分,共有4个记录盘面,每毫米5道,每道记录信息12 288字节,最小磁道直径为230mm,共有275道,求:

  (1)磁盘存储器的存储容量;

  (2)最高位密度(最小磁道的位密度)和最低位密度;

  (3)磁盘数据传输率;

  (4)平均等待时间。

  解:

  (1)存储容量 = 275道×12 288B/道×4面 = 13 516 800B

  (2)最高位密度 = p12 288B/230

  = 17B/mm = 136位/mm(向下取整)

  最大磁道直径

  =230mm+275道/5道 ×2

  = 230mm + 110mm = 340mm

  p 最低位密度 = 12 288B / 340

  = 11B/mm = 92位 / mm (向下取整)

  (3)磁盘数据传输率

  = 12 288B × 3000转/分

  =12 288B × 50转/秒=614 400B/S

  (4)平均等待时间 = 1/50 / 2 = 10ms

  讨论:

  1、本题给出的道容量单位为字节,

  因此算出的存储容量单位也是字节,而不是位;

  2、由此算出的位密度单位最终应转换成bpm(位/毫米);

  3、平均等待时间是磁盘转半圈的时间,与容量无关。